Завдання по курсовій роботі
Середньо-економічну точність обробки деталей (ланок розмірної ланцюга) прийняти по IT 11.
При розрахунку імовірнісним методом прийняти для всіх складових ланок розмірної ланцюга і , А коефіцієнт ризику - , Так як М [A i] збігається з серединою поля допуску, закон розподілу - нормальний і р = 0,27.
Розрахунок параметрів замикаючого ланки
; ;
Складання схеми розмірної ланцюга
А 2 А 3 А 4
А 1 А Δ А 10 А 9 А 8 А 7 А 6 А 5
Рівняння номінальних розмірів
А Δ = - А 1 + А 2 + А 3 + А 4 - А 5 - А 6 - А 7 - А 8 - А 9 - А 10
Рішення прямої задачі методом повної взаємозамінності
(Розрахунок на максимум-мінімум)
Рішення рівнянь номінальних розмірів.
, А Δ = - 22 + 176 - 22 - 10 - 29 - 59 - 21 - 21 = - 8
Приймемо відповідно до вимог ГОСТ 6636-69 стандартне значення , і
Тоді:
А Δ = - 22 + 180 - 22 - 10 - 28 - 56 - 21 - 21 = 0;
Розрахунок допусків складових ланок розмірної ланцюга.
Визначимо квалітет однаковий для всіх складових ланок:
Приймаються квалітет IT6 для якого К = 10.
Призначаємо допуски на всі ланки (крім А 7, прийнятого в якості спеціального ланки) по IT6.
Тоді:
Розрахувати допуски на складові ланки розмірної ланцюга, щоб забезпечити величину заданого замикаючого ланки редуктора ЦД2-35-ВМ у встановлених завданням межах. Розрахунки провести за методами: максимуму-мінімуму, імовірнісного і регулювання.
Умови розрахунку:Середньо-економічну точність обробки деталей (ланок розмірної ланцюга) прийняти по IT 11.
При розрахунку імовірнісним методом прийняти для всіх складових ланок розмірної ланцюга
Розрахунок параметрів замикаючого ланки
Складання схеми розмірної ланцюга
А 1 А Δ А 10 А 9 А 8 А 7 А 6 А 5
Рівняння номінальних розмірів
А Δ = - А 1 + А 2 + А 3 + А 4 - А 5 - А 6 - А 7 - А 8 - А 9 - А 10
Позначення сост. ланки р.ц. | Наимен. дет. по специфікації | Ланка віднесено до отв. або валу | Передаточне відношення ξ | Ном. розміри і допуски станд. елементів мм. | Розрахунково. розм. за варіантом мм. | Ном. розм. округ. за ГОСТ 6636-69. мм. | Одиниця допуску. мкм. | |
| Замикаючу ланка | | ||||||
| Кришка глуха | Отвір | -1 | 22 | 21 | 1,31 | ||
| Прокладка | Вал | +1 | 0 | ||||
| Корпус редуктора | Вал | +1 | 176 | 150 | 2,52 | ||
| Прокладка | Вал | +1 | 0 | ||||
| Кришка глуха | Отвір | -1 | 22 | 16 | 1,31 | ||
| Підшипник | Вал | -1 | | 1,31 | |||
| Стопорне кільце | Вал | -1 | 10 | 0,9 | |||
| Зубчасте колесо | Вал | -1 | 29 | 28 | 1,31 | ||
А 9 = L 7 | Вал | Вал | -1 | 59 | 56 | 1,86 | ||
| Підшипник | Вал | -1 | | 1,31 | |||
(Розрахунок на максимум-мінімум)
Рішення рівнянь номінальних розмірів.
Приймемо відповідно до вимог ГОСТ 6636-69 стандартне значення
Тоді:
А Δ = - 22 + 180 - 22 - 10 - 28 - 56 - 21 - 21 = 0;
Розрахунок допусків складових ланок розмірної ланцюга.
Визначимо квалітет однаковий для всіх складових ланок:
Приймаються квалітет IT6 для якого К = 10.
Призначаємо допуски на всі ланки (крім А 7, прийнятого в якості спеціального ланки) по IT6.
Тоді:
ТА 1 = 0,013
ТА 3 = 0,025
ТА 5 = 0,013
ТА 6 = 0,12 (заданий)
ТА 8 = 0,013
ТА 9 = 0,019
ТА 10 = 0,12 (заданий)
ТА 7 = ТА сп
ТА 3 = 0,025
ТА 5 = 0,013
ТА 6 = 0,12 (заданий)
ТА 8 = 0,013
ТА 9 = 0,019
ТА 10 = 0,12 (заданий)
ТА 7 = ТА сп
Визначаємо розрахунковий допуск на спеціальне ланка:
мм.
Стандартний найближчий допуск , Що відповідає 3-му квалітету.
Визначення граничних відхилень.
Призначаємо граничні відхилення на всі розміри (крім ), Як на основні вали і отвори, відповідно по h6 і H6:
Стандартний найближчий допуск
Визначення граничних відхилень.
Призначаємо граничні відхилення на всі розміри (крім
А 1 = 22 +0,013
А 3 = 180 -0,025
А 5 = 22 +0,013
А 6 = 21 +0,120
А 7 = А сп
А 8 = 28 -0,013
А 9 = 56 -0,019
А 10 = 21 +0,120
А 3 = 180 -0,025
А 5 = 22 +0,013
А 6 = 21 +0,120
А 7 = А сп
А 8 = 28 -0,013
А 9 = 56 -0,019
А 10 = 21 +0,120
Визначаємо координату середини поля допуску спеціального ланки:
Визначаємо граничні відхилення спеціального ланки:
Підбираємо найближче стандартне значення основного відхилення спецзвена. Приймаються
Перевіримо правильність рішення прямої задачі:
Таким чином,
Даний варіант не задовольняє умові EIA Δ ≥ EIA Δзад, можливий натяг. Тому візьмемо нове спеціальне ланка А 3
А 1 = 22 +0,013
А 3 = 180; Т А3 = 0,025
А 5 = 22 +0,013
А 6 = 21 +0,120
А 7 = 10
А 8 = 28 -0,013
А 9 = 56 -0,019
А 10 = 21 +0,120
А 3 = 180; Т А3 = 0,025
А 5 = 22 +0,013
А 6 = 21 +0,120
А 7 = 10
А 8 = 28 -0,013
А 9 = 56 -0,019
А 10 = 21 +0,120
Визначаємо граничні відхилення спеціального ланки
Підбираємо найближче стандартне значення основного відхилення спецзвена. Приймаються
Перевіримо правильність рішення прямої задачі:
Таким чином,
Перевірка показала, що пряма задача вирішена правильно, так як складові ланки А 1 = 22 +0,013; А 2 = 0; А 3 = 180
Рішення прямої задачі методом неповної взаємозамінності (розрахунок імовірнісним методом)
Рішення рівнянь номінальних розмірів.
Розрахунок допусків складових ланок розмірної ланцюга:
визначення квалітету складових ланок:
Призначаємо допуски на всі ланки, крім одного спеціального (А 7), за IT10 (К = 64):
ТА 1 = 0,084
ТА 3 = 0,16
ТА 5 = 0,084
ТА 6 = 0,12 (заданий)
ТА 8 = 0,084
ТА 9 = 0,12
ТА 10 = 0,12 (заданий)
ТА 7 = ТА сп
ТА 3 = 0,16
ТА 5 = 0,084
ТА 6 = 0,12 (заданий)
ТА 8 = 0,084
ТА 9 = 0,12
ТА 10 = 0,12 (заданий)
ТА 7 = ТА сп
Визначаємо допуски на спеціальне ланка:
Порівнюючи розрахунковий допуск до стандартів, приймаємо допуск для спеціального ланки по IT11
Визначення граничних відхилень:
призначаємо граничні відхилення на всі розміри (крім спеціального А 7) як на основні вали і отвори:
А 1 = 22 +0,084
А 3 = 180 -0,160
А 5 = 22 +0,084
А 6 = 21 +0,120
А 7 = А сп
А 8 = 28 -0,084
А 9 = 56 -0,120
А 10 = 21 +0,120
А 3 = 180 -0,160
А 5 = 22 +0,084
А 6 = 21 +0,120
А 7 = А сп
А 8 = 28 -0,084
А 9 = 56 -0,120
А 10 = 21 +0,120
Визначаємо координату поля допуску спецзвена ( ):
;
визначаємо граничні відхилення спеціального ланки:
Таким чином,
Підбираємо найближче стандартне значення основного відхилення спецзвена. Приймаються
Перевіряємо правильність рішення:
Таким чином,
А 1 = 22 +0,084
А 3 = 180; Т А3 = 0,160
А 5 = 22 +0,084
А 6 = 21 +0,120
А 7 = 10
А 8 = 28 -0,084
А 9 = 56 -0,120
А 10 = 21 +0,120
А 3 = 180; Т А3 = 0,160
А 5 = 22 +0,084
А 6 = 21 +0,120
А 7 = 10
А 8 = 28 -0,084
А 9 = 56 -0,120
А 10 = 21 +0,120
Визначаємо граничні відхилення спеціального ланки
Підбираємо найближче стандартне значення основного відхилення спецзвена. Приймаються
Перевіримо правильність рішення прямої задачі:
Таким чином,
Перевірка показала, що пряма задача вирішена правильно, так як складові ланки А 1 = 22 +0,084; А 2 = 0; А 3 = 180
Рішення прямої задачі методом регулювання
Призначаємо розширені допуски на всі ланки по 11 квалітету (среднеекономіческая точність):
ТА 1 = 0,13
ТА 3 = 0,25
ТА 5 = 0,13
ТА 6 = 0,12 (заданий)
ТА 8 = 0,13
ТА 9 = 0,19
ТА 10 = 0,12 (заданий)
ТА 7 = 0,090
ТА 3 = 0,25
ТА 5 = 0,13
ТА 6 = 0,12 (заданий)
ТА 8 = 0,13
ТА 9 = 0,19
ТА 10 = 0,12 (заданий)
ТА 7 = 0,090
Призначаємо граничні відхилення для всіх ланок, як для основних валів і отворів (H11 і h11), крім ланки А 7 (спеціального):
А 1 = 22 +0,130
А 3 = 180 -0,250
А 5 = 22 +0,130
А 6 = 21 +0,120
А 7 = А сп
А 8 = 28 -0,130
А 9 = 56 -0,190
А 10 = 21 +0,120
А 3 = 180 -0,250
А 5 = 22 +0,130
А 6 = 21 +0,120
А 7 = А сп
А 8 = 28 -0,130
А 9 = 56 -0,190
А 10 = 21 +0,120
Визначаємо величину допуску замикаючого ланки при розширених допусках складових ланок:
мм.
Визначаємо величину максимально можливої компенсації:
мм.
Визначаємо відхилення спеціального ланки з метою поєднання верхніх меж і , Оскільки прокладки-компенсатори є збільшують ланками РЦ
;
мм;
Приймаються найближчі стандартні значення основного відхилення, які підходять нам:
Приймаються товщину прокладки S = 0,32 мм і визначаємо число ступенів компенсації.
Прийняття стандартного призводить до того, що і потрібно уточнити розташування поля допуску і відповідно розрахунок ступенів компенсації.
Таким чином, число ступенів компенсації буде:
Е С А Δ = 0,16
Зона 4 0,32 ТА Δ = 0,32
Зона 3 Зона 2 Зона 1
EIA Δ '=- 0,841 ESA Δ '= +0,319
ТА Δ '= 1,16
Визначаємо величину максимально можливої компенсації:
Визначаємо відхилення спеціального ланки з метою поєднання верхніх меж
Приймаються найближчі стандартні значення основного відхилення, які підходять нам:
Приймаються товщину прокладки S = 0,32 мм і визначаємо число ступенів компенсації.
Прийняття стандартного
Таким чином, число ступенів компенсації буде:
Е С А Δ = 0,16
Зона 4 0,32 ТА Δ = 0,32
Зона 3 Зона 2 Зона 1
EIA Δ '=- 0,841 ESA Δ '= +0,319
ТА Δ '= 1,16